CDOJ 1639 Fruit Ninja

Problem:http://www.acm.uestc.edu.cn/problem.php?pid=1639
一見面倒に見えるが、実際に考えなければならない特殊な状況は多くない.
まずINFの場合から始めるのが簡単で、mが10の倍数の場合、無限に加算することができ、例えば10000から始める.mが5ビットである場合、差は多くなくても無限に加算できるが、制限がある.例えば55555に追加すると、nを追加する必要があり、結果が5の倍数ではない可能性があります.しかし,nが5の倍数であれば,このような問題は起こらない.nが5の倍数でない場合,mについてそれぞれ議論できる.引っ掛かる可能性のある点は5555555555555555に現れます.
初期点数をa*5とすると、a*5+k*m=55555等のときに引っかかり、すなわちa+k*(m/5)=11111等となる.aを選択することで、点数が小さい数に引っかからないようにすることができます. 
m=5の場合、必ず55555に引っかかりますが、結果は55555+m+nまでで、その時はmを付けずにそのまま間違いました.
m=15,m/5=3であり、11111等のデジタルモード3の場合を考慮すると、結果は2,0,1,2,0,1である.aは残りの2と0を避ける場合を合理的に選択することができ、この場合1に対応する1111111に引っかかるため、結果は555555555+m+nである. 
m=25、m/5=511111等はいずれも型取りが1であるため、全ての数を避けることができ、結果はINFとなる..
特殊な状況を考慮した場合、最大はmax(9999+n+((9999+n)%5?0:m)、10000+m)である.

#include <cstdio>
typedef long long ll;

int main()
{
	int T, n, m;
	scanf("%d", &T);
	for(int ca=0; ca<T; ++ca)
	{
		scanf("%d%d", &m, &n);
		if((m % 10) == 0)
			printf("Case #%d: INF
", ca+1);
		else if((m % 5) == 0)
		{
			if((n % 5) == 0)
				printf("Case #%d: INF
", ca+1);
			else
			{
				printf("Case #%d: ", ca+1);
				switch(m)
				{
				case 5: printf("%lld", (ll)55555+(ll)(n+m)); break;
				case 15: printf("%lld", (ll)5555555+(ll)(n+m)); break;
				case 25: printf("INF"); break;
				case 35: printf("INF"); break;
				case 45: printf("%lld", (ll)5555555555555+(ll)(n+m)); break;
				}
				printf("
");
			}
		}
		else
		{
			int max = 9999+n;
			if(max % 5 == 0)
				max += m;
			if(10000+m > max)
				max = 10000+m;
			printf("Case #%d: %d
", ca+1, max);
		}
	}
	return 0;
}